在使用make:entity命令创建数据库结构之后，我进行了迁移：

Symfony控制台迁移

现在，我想迁移到一个特定的模式到我的PostgresSQL数据库中。

在Symfony的文件中说：

手动表格。这是一个常见的用例，除了基于条令实体生成的数据库结构之外，还可能需要自定义表。默认情况下，这样的表将由条令：迁移：diff命令删除。如果您遵循一个特定的方案，您可以配置条令/dbal来忽略这些表。假设所有自定义表的前缀都是t_。在这种情况下，您只需在条令配置中添加以下配置选项：

doctrine: dbal: schema_filter: ~^(?!t_)~

我知道schema\u filter是一个应用于表名（仅表？）的过滤器通过正则表达式。但是，schema\u filter没有将创建的模式引用到PostgreSQL数据库中。

那么如何将特定模式迁移到数据库中呢？

当我执行命令时：

Symfony控制台迁移

它创建一个迁移文件，其中包含一个函数为up和down的类，这两个函数都带有一个参数$schema。这里有一个片段：

 public function up(Schema $schema) : void
 {
     // this up() migration is auto-generated, please modify it to your needs
     $this->abortIf($this->connection->getDatabasePlatform()->getName() !== 'postgresql', 'Migration can only be executed safely on \'postgresql\'.');

     $this->addSql('CREATE SEQUENCE division_id_seq INCREMENT BY 1 MINVALUE 1 START 1');

此参数在声明时无法赋值。必须为空。

是否可以使用它迁移到特定的模式？

嗯，当我找到一种方法时，我是这样做的：

公共函数up（模式$schema）：无效{//这个up（）迁移是自动生成的，请根据您的需要修改它$this-

     $this->addSql('CREATE SEQUENCE my_schema_name.division_id_seq INCREMENT BY 1 MINVALUE 1 START 1');

我的意思是，我在命令生成的所有迁移代码中写入模式名称。

但我仍然相信，可以用另一种方式做到这一点。如果是，那怎么办？

我给忘了。当我尝试使用第一句之前的这一行时，迁移失败：

 $this->addSql('SET search_path TO my_schema_name');

我还尝试将架构名称分配给参数$schema:

 $schema = 'my_schema_name'

它也不起作用。